Question

已知在數列{a_n}中，a₁=1，a_2n+1=qa_2n-1+d（d∈R，q∈R 且q≠0，n∈N^*）．
（1）若數列{a_2n-1}是等比數列，求q與d滿足的條件；
（2）當d=0，q=2時，一個質點在平面直角坐標系內運動，從坐標原點出發，第1次向右運動，第2次向上運動，第3次向左運動，第4次向下運動，以后依次按向右、向上、向左、向下的方向交替地運動，設第n次運動的位移是a_n，第n次運動后，質點到達點P_n（x_n，y_n），求數列{n•x_4n}的前n項和S_n．

Answer 1

【答案】分析：（1）根據a₁=1，a_2n+1=qa_2n-1+d（d∈R，q∈R 且q≠0，n∈N^*），若數列{a_2n-1}是等比數列，分d=0與d≠0討論解決；
（2）當d=0，q=2時，可求得，于是x₄=a₁-a₃=1-2，，…，從而求得x_4n=，S_n=x₄+2x₈+3x₁₂+…+（n-1）•x_4（n-1）+n•x_4n利用錯位相減法可求得s_n．
解答：解：（1）∵a₁=1，a_2n+1=qa_2n-1+d，q≠0，
①當d=0時，a_2n+1=qa_2n-1，顯然{a_2n-1}是等比數列；
②當d≠0時，a₃=qa₁+d=q+d，a₅=qa₃+d=q（q+d）+d．
∵數列{a_2n-1}是等比數列，
∴，即（q+d）²=q（q+d）+d，化簡得q+d=1．
此時有a_2n+1=qa_2n-1+1-q，得a_2n+1-1=q（a_2n-1-1），
由 a₁=1，q≠0，得a_2n-1=1（n∈N^*），則數列{a_2n-1}是等比數列．
綜上，q與d滿足的條件為d=0（q≠0）或q+d=1（q≠0，d≠0）．
（2）當d=0，q=2時，
∵a_2n+1=2a_2n-1，
∴，
依題意得：x₄=a₁-a₃=1-2，，…，
∴．
∴．
∴．
∴S_n=x₄+2x₈+3x₁₂+…+（n-1）•x_4（n-1）+n•x_4n==．
令①
4T_n=1×2⁴+2×2⁶+3×2⁸+…+（n-1）•2²ⁿ+n•2²ⁿ⁺²②
①-②得==．
∴．
∴．
點評：本題考查數列遞推式，難點在于（2）x_4n的計算，著重考查數列求和，突出考查等差與等比數列的公式法求和及錯位相減法求和，屬于難題．